strano binomiale... ma sarà sempre divisibile?
strano binomiale... ma sarà sempre divisibile?
Dimostrare che per ogni primo $ ~p $e ogni intero positivo$ ~n $ si ha che
$ \displaystyle p^n|{p^n\choose{p}}-p^{n-1} $
garantisco che non è affatto difficile good work
$ \displaystyle p^n|{p^n\choose{p}}-p^{n-1} $
garantisco che non è affatto difficile good work
[url=http://www.myspace.com/italiadimetallo][img]http://img388.imageshack.us/img388/4813/italiadimetallogn7.jpg[/img][/url]
-
- Messaggi: 849
- Iscritto il: 22 ott 2006, 14:36
- Località: Carrara/Pisa
ehm...ci provo...
$ \displaystyle {p^n \choose{p}} - p^{n-1} = p^{n-1} \left [ {p^n - 1 \choose{p - 1}} -1 \right] $
quindi devo dimostrare che $ \displaystyle {p^n - 1 \choose{p - 1}} -1 $ è divisibile per p
$ \displaystyle {p^n - 1 \choose{p - 1}} -1 = \frac{(p^n -1)(p^n-2) \cdots (p^n -p +1) - (p-1)!}{(p-1)!} \equiv $$ \displaystyle [(p-1)!]^{-1} \cdot [(-1)(-2) \cdots (-p+1) - (p-1)!] \equiv $$ \displastyle 1 \cdot [(p-1)! + 1] \equiv 0 \pmod p $
$ \displaystyle {p^n \choose{p}} - p^{n-1} = p^{n-1} \left [ {p^n - 1 \choose{p - 1}} -1 \right] $
quindi devo dimostrare che $ \displaystyle {p^n - 1 \choose{p - 1}} -1 $ è divisibile per p
$ \displaystyle {p^n - 1 \choose{p - 1}} -1 = \frac{(p^n -1)(p^n-2) \cdots (p^n -p +1) - (p-1)!}{(p-1)!} \equiv $$ \displaystyle [(p-1)!]^{-1} \cdot [(-1)(-2) \cdots (-p+1) - (p-1)!] \equiv $$ \displastyle 1 \cdot [(p-1)! + 1] \equiv 0 \pmod p $
$ p^n|p^n!/p!(p^n-p)! -p^{n-1} $ semplificando:$ p^n!/(p^n-p)!=(pc-1)p^n $ poichè p per definizione non può dividere$ (pc-1) $ abbiamo$ (pc-1)/(p-1)!=(pf+1) $ per il solito teorema di wilson. ora $ (pf+1) p^{n-1} - p^{n-1}=p^nf $ spero non vi dispiaccia l'abbia risolto allo stesso modo di k su p ma mi sembra così sia veloce
Lo stolto è colui che dice quello che sa.Il saggio è colui che sa quello che dice.
"And then one day you find,ten years have got behind you,no one told when to run,you missed the starting gun"
"And then one day you find,ten years have got behind you,no one told when to run,you missed the starting gun"
-
- Messaggi: 849
- Iscritto il: 22 ott 2006, 14:36
- Località: Carrara/Pisa
$ \displaystyle \frac {p^n \cdot p^n-1 \cdot ... \cdot p^n-p+1}{p!}\equiv \frac {p^{n-1} (-1)^{p-1}(p-1)!}{(p-1)!}\equiv p^{n-1} \pmod {p^n} $se $ p>2 $
se$ p=2 $ allora $ \binom {2^n}{2}\equiv -2^{n-1} \equiv 2^{n-1}\pmod {2^n} $
facile, veloce e indolore
se$ p=2 $ allora $ \binom {2^n}{2}\equiv -2^{n-1} \equiv 2^{n-1}\pmod {2^n} $
facile, veloce e indolore
Ultima modifica di jordan il 16 dic 2007, 13:20, modificato 1 volta in totale.
The only goal of science is the honor of the human spirit.
- Sesshoumaru
- Messaggi: 87
- Iscritto il: 13 dic 2007, 19:13
- Località: Roma
Qui non torna:¬[ƒ(Gabriel)³²¹º]¼+½=¾ ha scritto:perchè $ \displaystyle {n \choose{k}} = \frac{n!}{k! \cdot (n-k)!} = \frac{n}{k} \frac{(n-1)!}{(k-1)! \cdot (n-k)!} = \frac{n}{k} {n - 1 \choose{k-1}} $
Dovrebbe essere:¬[ƒ(Gabriel)³²¹º]¼+½=¾ ha scritto:$ \displaystyle \frac{n}{k} \frac{(n-1)!}{(k-1)! \cdot (n-k)!} = \frac{n}{k} {n - 1 \choose{k-1}} $
per essere vero (e infatti penso proprio non lo sia)¬[ƒ(Gabriel)³²¹º]¼+½=¾ ha scritto:$ \displaystyle \frac{n}{k} \frac{(n-1)!}{(k-1)! \cdot (n-(k-1))!} = \frac{n}{k} {n - 1 \choose{k-1}} $
[img]http://img65.imageshack.us/img65/2554/userbar459811cf0.gif[/img]
[i]"You have a problem with your brain: the left part has nothing right in it, and the right part has nothing left in it."[/i]
[i]"You have a problem with your brain: the left part has nothing right in it, and the right part has nothing left in it."[/i]
- Sesshoumaru
- Messaggi: 87
- Iscritto il: 13 dic 2007, 19:13
- Località: Roma