Determinare tutte le soluzioni della diofantea:
$ \displaystyle\frac{1}{a} + \frac{1}{b} = \frac{1}{p} $
Dove $ a $ e $ b $ sono numeri interi non nulli e $ p $ è un numero primo.
Come al solito, le persone in età non olimpica sono invitate a restarsene fuori, o almeno aspettare per qualche giorno.
Ciao, Salvatore
Diofantea
Re: Diofantea
$ \displaystyle\frac{1}{a} + \frac{1}{b} = \frac{1}{p} $
Poniamo $ a=p+c $ e $ b=p+d $, sostituendo la diofantea si presenta nella forma $ cd=p^2 $, i casi sono tre:
1) $ c=d=p $
2) $ c=p^2 $ e $ d=1 $
3) $ d=p^2 $ e $ c=1 $
Le soluzioni sono pertanto tutte le coppie $ (2p,2p) $ $ p^2+p,p+1 $ e $ p+1,p^2+p $
Febbraio non ricordo l' anno
Poniamo $ a=p+c $ e $ b=p+d $, sostituendo la diofantea si presenta nella forma $ cd=p^2 $, i casi sono tre:
1) $ c=d=p $
2) $ c=p^2 $ e $ d=1 $
3) $ d=p^2 $ e $ c=1 $
Le soluzioni sono pertanto tutte le coppie $ (2p,2p) $ $ p^2+p,p+1 $ e $ p+1,p^2+p $
Febbraio non ricordo l' anno
Son due giorni che...
Per simmetria, possiamo ammettere in prima istanza $ a \equiv 0 \bmod p $. Esiste allora $ k\in\mathbb{Z}_0 $ t.c. $ a = pk $, e da qui $ \displaystyle\frac{1}{b} = \frac{k-1}{pk} $. Se $ p \nmid (k-1) $, questo implica $ k = 2 $ ed $ a = b = 2p $. Se invece $ p \mid (k-1) $, posto $ k = pt + 1 $, con $ t\in\mathbb{Z}_0 $, si trova $ b = 1 \pm p $ ed $ a = (1\pm p)\cdot p $. Considerando poi che, fissato $ p\in\mathfrak{P} $, la coppia $ (a,b) $ è soluzione dell'equazione proposta sse la stessa condizione è pure soddisfatta dalla coppia simmetrica $ (b,a) $, non è retorico affermare che le conclusioni sono già tutte lì.