OliForum Matematico

Secondo me, così a occhio, vuol dire: la corrente varia linearmente da 0.2A a 0A in un tempo di 10msec. Questo si fa immediatamente con faraday, volendo anche introducendo il fatto che \Phi_B=Li . Per il primo punto: l'energià è Li^2/2 . Ciao p.s.: per curiosità: di che esame si tratta? Un esame del...

@Boll: delittuoso scordarsi valerio... (what) !

Ciao

Bellino! Spero di aver capito bene il fatto della molla... secondo la mia interpretazione: \frac{d^2y}{dt^2}=-g-ky/m \frac{d^2x}{dt^2}=-kx/m quindi sono due moti armonici (ganzo!) della stessa frequenza e in fase. Poi sono solo conti... si risolvono le differenziali, sapendo le velocità iniziali in ...

Farace è edelion su forum. Ci si vede!

ciao

Presente!

@claudio: mutande di ghisa!

Fabrizio ha scritto:... risoluzione dell’orecchio umano, che è $ Dn/n = 3.0\times10^{-3} $.

corretto dal testo originale. Effettivamente nell'altro modo è impossibile....

@edelion: il v^2 al denominatore è l'aumento di energia cinetica!

Allora, vediamo di fare un po' di chiarezza.... Rispetto a un punto fissato, un altro punto della circonferenza dista d^2=2R^2(1-cos x) dove x è l'angolo al centro (Carnot!). Calcoliamo il campo: faccio l'integrale da 0 a 180 e lo moltiplico per 2: \displaystyle g=2\int_0^\pi \frac{G dm}{d^2}=\int_0...

La mia è leggermente diversa.... F(a,a+0)=F(0,a)+F(a,a) allora F(0,a)=0 F(a,b+0)=F(b,a)+F(0,a)=F(b,a) dunque è commutativa. Allora F(x,y)=F(1,x)+F(y-1,x)=F(1,x)+F(x,y-1) . F(1,x) vale ovviamente xF(1,1) , perchè posso portare fuori allo stesso modo x volte l'addendo F(1,1) . E ragionando allo stesso...

Più semplicemente: Sia A l'area del rettangolone. 6 | A=mn allora sicuramente 6|m oppure 3|m, 2|n. Quelli del tipo 3a x 2b vanno di certo bene. Quelli del tipo 6c x d vanno bene per ogni d intero diverso da 1 (basta provarli fino a 7 e poi attaccarci dietro un quadrato 6x6). Visto che alcuni li ho g...

Mmh... forse non ho capito bene il testo, mi sembra troppo facile per un SNS....

$ R=\rho l / A = \rho L /(Lt) = \rho /t $ quindi la resistenza è indipendente dal lato, e così la corrente.

Stewart -> espressioni delle mediane in funzione dei lati, poi è facile.

Ciao!

Hai ragione, scusa per l'equivoco.

@gauss87: Forse la stanchezza mi gioca un brutto scherzo.... ma sei sicuro di poter fare quel tipo di soluzione? Non credo che tu possa sostituire le masse col loro c.d.m. Prova questo: due masse m uguali distanti 4. sull'asse del segmento che le congiunge, a distanza 5 da esso, misuro il campo grav...

Ah ok.. non è difficile. Sappiamo che v=\frac{L}{2macos^2(\alpha /2)}=a\omega=a\frac{d\alpha}{dt} . Ora si integra con \alpha da 0 a \pi e si ottiene: t=\frac{\pi a^2}{h} . Inoltre \frac{kMm}{r^5}=\frac{8a^2L^2}{mr^5} da cui sostituendo: t=\pi a^3 \sqrt\frac{8}{kM} . Un tempo più che sufficiente aff...