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- 15 ago 2012, 17:50
- Forum: Teoria dei Numeri
- Argomento: 123. $p!|a^{(p-1)!}-1$
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Re: 123. $p!|a^{(p-1)!}-1$
Allora premetto che non sono sicuro di molte delle cose che dirò, quindi è probabile che la dimostrazione sia cannata Allora Sia \phi la funzione totiente di eulero, per cui sappiamo che se \gcd(a,n) = 1 alloa a^{\phi(n)} \equiv 1 \pmod n 1) \phi(p!) = \prod{C_i}\prod{(p_i -1)} dove C_i sono compost...
- 11 ago 2012, 21:02
- Forum: Combinatoria
- Argomento: SNS 2007 es_1
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Re: SNS 2007 es_1
Questo post è particolarmente chiaro : http://www.matematicamente.it/forum/amm ... 92-10.html
- 08 ago 2012, 16:08
- Forum: Algebra
- Argomento: 54. Staffetta disuguaglianze
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Re: 54. Staffetta disuguaglianze
Se hai A \ge H \Rightarrow \frac{A}{H} \ge 1 \Rightarrow \frac{a_1 + \dots + a_n }{n} \cdot \frac{\frac{1}{a_1} + \dots + \frac{1}{a_n}}{n} \ge 1 ovvero (a_1 + \dots + a_n )(\frac{1}{a_1} + \dots + \frac{1}{a_n}) \ge n^2 Per la seconda parte sono quasi sicuro che la dimostrazione sia cannata, cmq la...
- 07 ago 2012, 20:53
- Forum: Algebra
- Argomento: 54. Staffetta disuguaglianze
- Risposte: 22
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Re: 54. Staffetta disuguaglianze
Robertopphneimer ha scritto:mmmh...ora tocca alla seconda..sembra una media mascherata..
Sempre con $ H \le A $
$ \frac {1}{1+a_1}+\frac {1}{1+a_2}+\frac {1}{1+a_3}+.....+\frac {1}{1+a_{10}} \le \sqrt 10 < \frac {28}{3} $
mancherebbe l'uguale...
Non capisco da dove hai preso questa disuguaglianza
- 07 ago 2012, 18:14
- Forum: Algebra
- Argomento: Disuguaglianza
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Re: Disuguaglianza
diciamo che a occhio posso are queste deduzioni, per a,b,c >0 non è un problema(diciamo stesso ragionamento di prima). Pee evitare di vedere tutte le combinazioni a positivi b negativo etc.. pongo -1<a,b,c <0 vedo che comunque sia il maggiore di 2 c'è perché al denominatore anche con molta differen...
- 07 ago 2012, 18:10
- Forum: Algebra
- Argomento: 54. Staffetta disuguaglianze
- Risposte: 22
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Re: 54. Staffetta disuguaglianze
ma guarda basta che alla sommatoria sostituisci \frac{a_10^2 +a_10} {2} e poi si risolve tutto :D anche se a me non viene l'uguale ma solo il maggiore... In che modo si risolve? Io per ora ne ho fatto solo metà.. Allora sappiamo che Qm (a_1, a_2, \dots, a_{10}) = \frac{\sqrt{10}}{5} Quindi il massi...
- 06 ago 2012, 18:58
- Forum: Algebra
- Argomento: 53. Limitiamo $(x^3+1)(y^3+1)$
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Re: 53. Limitiamo $(x^3+1)(y^3+1)$
Ok io ho fatto (x^3 + 1)(y^3 + 1) = (xy)^3 + x^3 + y^3 +1 essendo x^3 + y^3 = (x + y)^3 -3xy(x+y) = 1 - 3xy si ha che (x^3 + 1)(y^3 + 1) = (xy)^3 -3xy + 2 Essendo 3xy \ge (xy)^3 (perchèm il massimo per xy = \frac{1}{4} ) si ha che (xy)^3 -3xy è sempre negativa tranne quando xy = 0 e in questo caso i...
- 06 ago 2012, 17:37
- Forum: Algebra
- Argomento: 53. Limitiamo $(x^3+1)(y^3+1)$
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Re: 53. Limitiamo $(x^3+1)(y^3+1)$
È giusto se dico che il massimo é 2 mentre il minimo è $ \frac{81}{64} $?
- 05 ago 2012, 15:29
- Forum: Teoria dei Numeri
- Argomento: Cubi modulo m
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Re: Cubi modulo m
Guarda, parlando modulo m ci sono solo m classi si resto; puoi pensarlo come se ci fossero solo m numeri, a meno di eventuali ripetizioni. Ora é ovvio che se hai solo m numeri, a qualsiasi potenza li elevi avrai un ciclo lungo m; tanto tutti gli altri numeri al di fuori di quegli m sono solo ripetiz...
- 05 ago 2012, 15:14
- Forum: Teoria dei Numeri
- Argomento: Cubi modulo m
- Risposte: 13
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Re: Cubi modulo m
Eh appunto, il ciclo di 4 per le terza potenza é 0, 1, 0, 1 eccetera eccetera.. Ed un ciclo lungo m si ha sempre per qualsiasi potenza, che sia seconda, terza o $ 10^{10^{10}} $perchè le classi di resto sono solo m..
Sinceramente non ho capito bene cosa cercate..
Sinceramente non ho capito bene cosa cercate..
- 05 ago 2012, 14:36
- Forum: Teoria dei Numeri
- Argomento: Cubi modulo m
- Risposte: 13
- Visite : 2986
Re: Cubi modulo m
Non ho capito bene, intendi i residui quadratici modulo m? Cioè 0^2 \pmod 6, 1^2 \pmod 6 eccetera eccetera? Se fosse così sla sequenza sarebbe 0, 1, 4, 3, 4, 1 e, senza contare lo zero iniziale, sarebbe palindroma per ogni m (ovviamente, essendo x^2 \equiv (m-x)^2 \pmod m ) E in tal caso certo ci so...
- 05 ago 2012, 05:06
- Forum: Combinatoria
- Argomento: Probabilità prodotti uguali
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Re: Probabilità prodotti uguali
Potrebbe essere $ \frac{1}{n^2-n} $? Ho come la sensazione di dimenticare qualcosa..
- 02 ago 2012, 16:37
- Forum: Teoria dei Numeri
- Argomento: Somme $a_i+a_j$ distinte
- Risposte: 4
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Re: Somme $a_i+a_j$ distinte
Off topic: scusami Jordan peró potresti evitare di usare il Tex nei titoli degli argomenti? Ogni volta è un casino per il caricamento, sopratutto per me che ho la connessione a rilento :/
- 30 lug 2012, 17:13
- Forum: Algebra
- Argomento: Sistemi con i resti
- Risposte: 8
- Visite : 1936
Re: Sistemi con i resti
Perfetto per il primo..;) per il secondo se moltiplichi per entrambi i membri non dovresti avere 7x \equiv 7(4(mod8))?? (scusa ancora non sono il massimo...) inoltre io pens che la prima congruenza dimostra 4|x e perciò anche l'altro dovrebbe essere divisibile per 4 ma 7x \equiv 2(1+4j) e quindi no...
- 30 lug 2012, 16:43
- Forum: Algebra
- Argomento: quadrati perfetti
- Risposte: 9
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Re: quadrati perfetti
Beh nel caso di 3k + 2 magari é più utile considerare un altro residuo quadratico, come per esempio... 3? :wink: Re - edit: ho visto male la tua formula :lol: Okay sembra giusta ma mi sembra un caso particolare, non qualcosa che puoi applicare sempre.. O se hai trovato una cosa del genere, posta il ...